额定功率范文

额定功率范文第1篇

对于同一个用电器来说,它的额定电压、额定功率都只有一个,用电器一旦生产出来,其额定电压和额定功率就确定了,是固定不变的,不随外部条件的变化而变化,通常在用电器的铭牌上标出.即使用电器两端的电压为零,用电器不工作,它的额定功率也不为零,仍为原来的大小.而一个用电器的实际功率随着实际电压的变化而变化,没有固定值,可能大于额定功率,也可能小于额定功率,只有在实际电压恰好等于额定电压时,实际功率才等于额定功率.

通常我们要比较几盏灯泡的亮暗,不能简单看电压、电流的大小.有的同学认为流过哪盏灯泡的电流越大,灯泡就越亮;或者认为,哪盏灯泡两端的电压越大,灯泡就越亮,这些理解都是错误的.灯泡的亮暗取决于它们的实际功率大小,实际功率越大,电灯就越亮,这与灯泡的额定功率无关.

下面,就近几年中考题中有关电功率的常见考题归类分析,以帮助同学们加深对额定功率和实际功率的理解.

题型一:考查对额定、实际功率概念的理解

例1如图1所示电路,开关S闭合后,移动滑动变阻器的滑片P,下列各物理量中大小发生改变的是().

A.小灯泡的额定电压

B.小灯泡的额定功率

C.小灯泡的实际功率

D.电源的电压

解析本题粗看起来较简单,当P移动时,电路中总电阻改变,导致电路中的电流改变,灯L两端的电压也变小,根据P=■,电灯的实际功率将变小.而本题所要判断的是额定功率,是固定值.如果不能很好区分两者的关系,很可能就掉进出题者所设的陷阱之中.

答选C.

例2额定电压相同的甲乙两灯,串联在电路上,甲灯比乙灯亮.下列说法正确的是().

A.甲灯额定功率和实际功率大

B.乙灯额定功率和实际功率大

C.甲灯额定功率小,实际功率大

D.乙灯额定功率小,实际功率大

解析额定电压相同的甲乙两盏灯,串联在电路上时,甲灯比乙灯亮,说明甲灯泡的实际电功率大.根据串联电路的电流相同的原理,结合P=UI可得,甲灯分得的电压大,甲灯泡的电阻大.

再根据用电器电阻与额定功率之间的关系得P额=■,额定电压相同时,甲灯泡的电阻大,其额定电功率小.

答选C.

题型二:考查单个用电器额定、实际功率的计算

例3一个标有“220V40W”的灯泡接入某电路,测得通过它的电流是0.15A,则灯泡的实际功率().

A.等于40W

B.等于33W

C.小于33W

D.无法判断

解析此类题目中,额定电压、额定功率由于是用电器的一种理想化的规定,一般不能作为求实际功率的直接依据.一般而言,“额定”与“实际”之间的桥梁是用电器本身,即用电器的电阻,因此解题的思路是“额定”电阻“实际”.

R=■=■=1210(Ω),

P=U实I实=I实2R=0.152×1210=27.225(W).

答选C.

题型三:考查串并联电路中用电器实际功率的比较

例4如图2所示,电路中的电源电压相同且保持不变,所有的灯泡规格相同,且不考虑温度对电阻的影响,闭合开关,以下比较a、b、d三灯实际功率大小的关系式中正确的是().

A.Pa=Pd=PbB.Pa>Pd>Pb

C.Pa=Pd>PbD.Pa

解析本题中提到几盏灯泡规格相同,即它们的额定电压、额定功率相同,可知它们的电阻也相同,设为R.又电源电压相等都为U,容易得出Ua=Ud=Ue=U,Ub=Uc=1/2U,再根据P实=■,可比较各盏灯的实际功率大小,Pa=Pd=Pe>Pb=Pc.

答选C.

例5规格分别为“3.8V1.9W”和“2.5V1.25W”的甲、乙两只小灯泡,将它们串联后接到6V的电源上,两灯都发光,则().

A.甲灯较亮

B.乙灯较亮

C.两灯一样亮

D.无法判断

解析本题给定了两盏灯泡甲“3.8V1.9W”和乙“2.5V1.25W”,标牌上分别表示的是它们的额定电压值和额定功率值,而将其串联后接到6V的电源上,不能确定它们是否正常工作,因此,要判断谁更亮,不能看标牌上的数值,而要比较它们的实际功率大小.

根据P额=■,容易求出R甲=7.6Ω、

R乙=5Ω;再抓住串联电流相等这一特点,利用公式P实=I实2R,因R甲>R乙,有P甲>P乙,所以,甲灯较亮.

答选A.

题型四:考查用电器额定、实际功率的实验测定

例6小灯泡额定电压为6V,额定功率估计在7～12W之间,小佳按如图3甲所示的电路测定灯的功率,所用电流表有0～0.6A、0～3A两挡,电压表有0～3V、0～15V两挡,将它们连入电路时小佳做了正确选择与操作,变阻器滑到某处时两电表示数如图3乙、丙所示,则().

A.小灯泡额定功率为7.5W

B.在5V时小灯泡的功率为7.5W

C.在1V电压下小灯泡功率为7.5W

D.在5V时小灯泡功率为1.5W

解析本题介绍了用伏安法测小灯泡功率的方法.由于电流表、电压表的量程不确定,导致计算较困难.我们可以抓住题设条件:额定电压为6V,额定功率估计在7～12W之间,可以根据I=P/U确定灯泡额定电流的范围在1.1～2A之间.故电流表选用的量程是0～3A;可读出电流表的示数为1.5A.由于电压表量程难以确定,读出示数可能为1V或5V.但都小于其额定电压6V,故灯泡不可能正常工作,额定功率一定不可能是7.5W.那测出的只能是灯泡的实际功率.利用P实=U实I可得出答案.

答选B.

题型五:考查额定、实际功率的综合计算

例7如图4甲所示,当开关S接a时,移动滑动变阻器的滑片P,根据测出的电流、电压值,画出了定值电阻R0的U-I图像;当开关S接b时,同样根据测出的电流、电压值,画出了灯泡L的U-I图像,如图4乙所示.

(1)求定值电阻R0的阻值;

(2)将R0与灯L串联接在6V的电源两端时,求灯丝的实际电阻值;

(3)将R0与灯L并联接入电路并调节电源电压,当R0消耗的电功率为4.9W时,灯L恰好正常发光,求灯L的额定电功率.

解析(1)由图像可知,当U0=2V时,I0

=0.2A.(利用其他数据也可)

R0=■=■=10Ω.

(2)当R0与灯L串联接在6V的电源两端时,即UL+U0=6V.

分析图像可知,此时UL=2V,IL=0.4A.

RL=■=■=5Ω.

(3)P=■,

U0′=■=■=7V,

R0与RL并联,且灯正常发光,

UL额=U0′=7V,

由图像可知此时:IL额=0.75A,

故:PL额=UL额IL额=7V×0.75A=5.25W.

额定功率范文第2篇

人们在选择用电器时需要知道用电器在正常工作时的电压即额定电压，用电器在额定电压下的功率即额定功率.额定电压和额定功率一般都标在用电器的铭牌上.一个用电器生产出来后，它的额定电压、额定功率就确定了.例如一只标有“220V100W”字样的灯泡，它的额定电压就是“220V”，额定功率就是“100W”. 我们根据铭牌上标识的额定电压和额定功率可以用公式R＝，计算出用电器的电阻.

实际功率是指用电器在实际电压下工作时的功率.由于一个用电器两端的电压有可能会改变, 例如在实际使用过程中，灯泡的实际电压并不确定，所以实际功率也不确定.当用电器的实际电压U实＞U额时，实际功率P实＞P额，这时用电器超负荷工作，使用寿命缩短，甚至被烧坏.当用电器的实际电压U实＜U额时，实际功率P实＜P额，这时用电器不能正常工作，如灯泡发光变暗、电动机转速偏低，甚至不易起动等.

二、应用举例

例1一只标有“220V100W”的灯泡，现在我们把这只“220V100W”的灯泡接在不同的电压下，调节灯泡两端的电压分别为200V、220V和240V，试计算灯泡在三种电压下工作的实际功率.

解析R=U额2/P额=(220V)2/100W=484Ω，

P=＝≈82.6W，

P=＝＝100W，

P=＝≈119.0W.

可见，如果实际电压低于或高于用电器的额定电压，则用电器的实际功率都不等于额定功率，不能正常工作.特别注意的是如果实际电压高于额定电压，实际功率会超过额定功率，不仅容易损坏用电器，甚至造成更大的危害，所以实际电压应避免超过额定电压.

例2下面几只灯泡，都在其额定电压下工作，其中亮度最大的是（）.

A．220V25WB.110V40W

C.36V60WD.24V100W

解析在实际工作中，灯泡的亮度由它的实际功率确定，与它的额定电压、额定功率等因素无关.灯泡的实际功率越大，灯的亮度也就越大.本题中的四只灯泡都在各自的额定电压下工作，他们的实际功率都与对应的额定功率分别相等，额定功率大的亮度大，所以“24V100W”的灯的亮度最大.

答案应选D.

例3甲、乙两灯分别标有“220V40W”和“220V100W”的字样，在以下几种情况中会出现什么现象？

（1）将它们并联在220V的电源上；

（2）将它们串联在220V的电源上；

（3）将它们串联在440V的电源上.

解析（1）两灯的额定电压都是220V，并联在220V电源上时，两灯的实际电压都等于额定电压，实际功率等于额定功率，额定功率大的灯泡大，则乙灯较亮.

（2）两灯串联在220V的电源上，他们的实际电压和实际功率均小于额定电压和额定功率，实际电压和实际功率均与他们的电阻大小有关.题目中已知两灯的额定电压和额定功率，根据公式P额=U额2/R可以先求出两灯的电阻大小.两灯是串联的，则通过两灯的电流是相等的，根据公式P=I2R可知电阻大的灯泡实际功率大，电灯的亮度又决定于电灯实际功率的大小，因此电阻大的甲灯更亮.

P额=U额2/R，R=U额2/P额，

R甲=1210Ω，R乙=484Ω，

甲灯较亮.

（3）R甲=1210Ω，R乙=484Ω.由于R甲≠

R乙，则两灯并不是平分电源电压，

甲乙两灯串联，R甲=1210Ω，R乙=484Ω，

U甲/U乙=R甲/R乙=1210Ω/484Ω=5/2.

而U甲+U乙=440V，

U甲=314V，U乙=126V.

甲灯实际电压远超出额定电压,甲灯会烧坏,甲灯烧坏后电路出现断路，两灯均不亮.

错解可能有的同学认为两灯额定电压相加等于电源电压，所以甲灯和乙灯的实际电压都是220V，两灯都正常发光，乙灯较亮，这种说法是错误的.

例4一只用电器有“6V3W”的字样，用电流表测得通过它的电流是300mA，则该用电器实际功率是().

A．3WB．1.08WC．1.8WD．64.8W

解析当用电器正常工作时，I额=P额/U额=3W/6V=0.5A，题中已知实际电流I=0.3A，故该用电器不能正常工作.计算出用电器的电阻R=

U额2/P额=(6V)2/3W=12Ω，W=I2Rt=（0.3A）2×12Ω=1.08W

答案B．

例5如图所示灯泡上标有“6V3W”的字样,电源电压为9V,变阻器的最大电阻为12Ω,问:(1)当变阻器连入电路的电阻多大时,小灯泡正常发光？(2)当滑片滑到最右端时,灯泡的实际功率是多少？

解析(1)小灯泡正常发光，灯泡的电压是6V,功率是3W,由P额=U额2/R得RL=U额2/P额=(6V)2/3W=12Ω. 此时电路中的电流I=I额= P额/U额=3W/6V=0.5A，

R滑=R总－RL=9V/0.5A-12Ω

=18Ω-12Ω=6Ω.

(2)当滑片滑到最右端时,电路中总电阻

R总=RL+R滑最大=12Ω+12Ω=24Ω.

此时电路中的电流I实=U总/R总=9V/24Ω=

0.375A，

PL实=（I实）2RL=（3/8 A）2×12Ω=1.69W.

三、小结

电功率计算涉及的物理量比较多，题目的难度比较大.解题时要认真审题，理清解题思路，挖掘题目中的隐含条件，加深对额定电压、额定功率、实际电压、实际功率的认识和理解，提高运用知识的能力，弄清串、并联电路中电功率的特点，加深对计算过程中各物理量一一对应的重要性的认识.解题思路如下：

1．一般情况下或不作说明时，可以不考虑温度对用电器电阻大小的影响.可以认为用电器的电阻是不变的.

2．根据题目所给额定电压或额定电流，可以利用R=U额2/P额来求出用电器电阻.结合欧姆定律求出用电器的实际电流或实际电压.

3．根据P实=U实I实、P实=U实2/RL、P实=

I实2RL，求出用电器实际的功率.

额定功率范文第3篇

额定电压（U额）：用电器正常工作时的电压；

额定功率（P额）：用电器在额定电压下的功率；

实际电压：用电器工作时实际加在用电器两端的电压；

实际功率：用电器在实际电压下的功率.

例1下面几个灯泡，都在其额定电压下工作，其中亮度最大的是（　）.

A. 220V25W　B. 110V40W　C. 36V60W　D. 24V100W

解析灯泡的亮度由它的实际功率确定，而与它的额定电压、额定功率等因素无关.灯泡的实际功率越大，灯的亮度也就越大.本题中的四只灯泡都在其额定电压下工作，那么四只灯泡的实际功率分别与它的额定功率相等.而“24V100W”的灯的额定功率最大，所以此时它的实际功率最大，亮度也就最大.

答：应选D.

例2甲、乙两灯分别标有“220V40W”和“220V100W”的字样，在以下几种情况中会出现什么现象？

（1） 将它们并联在220V的电源上；（2） 将它们串联在220V的电源上；（3） 将它们串联在440V的电源上.

解析（1） 两灯的额定电压都是220V，并联在220V电源上时，两灯的实际电压都等于额定电压，实际功率等于额定功率，额定功率大的灯泡实际功率大，则乙灯较亮.

（2） 两灯串联在220V的电源上，灯泡两端的电压均小于220V，灯泡的实际功率小于额定功率.题目中已知两灯的额定电压和额定功率，根据公式P额=U2额/R可以先求出两灯的电阻大小.两灯是串联的，则通过两灯的电流是相等的，根据公式P=I2R可知电阻大的灯泡实际功率大，两灯的亮度又决定于电灯实际功率的大小，因此电阻大的灯泡更亮.

甲灯实际电压超出额定电压会烧坏，烧坏后电路断路，乙灯实际电压为零.

会出现两灯均不亮的现象.

点评 有的同学认为两灯额定电压相加等于电源电压，所以甲灯和乙灯的实际电压都是220V，两灯都正常发光，乙灯较亮，这是错误的.

例3标有“6V3W”的小灯泡能不能直接接到9V的电源上？若要使小灯泡接上后正常发光，应怎么办？

解析根据已有的知识不难判断，因为9V已大于灯泡的额定电压6V，如果直接接上去，因实际功率比额定功率大得多，灯泡会烧坏，所以不能直接接入. 若要接，应和灯泡串联一个电阻R再接入，让电阻R分担3V的电压. R的阻值为：

点评 实际功率是由用电器本身的电阻和实际加在用电器两端的电压所决定的功率值.因此，用电器的实际功率不是固定不变的，而是随所加电压的变化而变化的.只有当用电器实际所加电压等于它的额定电压时，用电器的实际功率才跟额定功率相等.

例4灯泡上标有“220V40W”的字样，当加在这个灯泡两端的电压是220V时，灯泡的实际功率是多少？加在这个灯泡两端的电压是110V时，灯泡的实际功率又是多少？

解析灯泡两端的电压是220V时，实际电压等于额定电压，它的实际功率等于额定功率40W，这时灯泡正常发光.

灯泡的实际功率小于40W，灯泡比正常发光时要暗.

点评 电压过低时，虽有电流通过，但灯泡不发光.如果它两端电压高于220V，它的实际功率就要大于40W，这时灯泡比正常发光时更亮，若超过一定限度，灯泡要烧毁（一般用电器也都要损坏）.由此可知，一个标有“220V40W”的灯泡，只有接在220V电压的电路中，它的功率才是40W.

例5一用电器有“6V3W”的字样，用电流表测得通过它的电流是300mA，则1min内该用电器实际消耗的电能是（　）.

A. 180J　B. 10.8J　C. 1.8J　D. 64.8J

解析本题涉及两个知识点：一是对额定电压、额定功率、实际电压、实际功率的理解；二是电功公式的选取，如果直接用公式W = Pt = 3W × 60s = 180J计算，会选取答案A.

题目中虽然已知用电器的额定电压与额定功率，但应首先确定此用电器是否正常工作，然后才能确定所给的额定功率是否能用.题中已知实际电流I = 0.3A，而用电器正常工作时，I额 = P额/U额 = 3W/6V = 0.5A，故该用电器不能正常工作.

可以认为用电器的电阻不变，那么，R = U2额/P额= (6V)2/3W = 12Ω，

额定功率范文第4篇

弄清了实际值与额定值的联系与区别后，怎样根据用电器的额定值来求解其实际值呢？我们来看下面几个例子.

例1一只“220 V 40 W”的白炽灯，把它接到220 V的家庭电路中，其实际功率为多少？

分析把该灯直接接到220 V的家庭电路中，则该灯两端的实际电压就是220 V，刚好等于其额定电压，此时灯泡正常发光，它的实际功率就等于它的额定功率40 W.

例2两只“220 V 40 W”的白炽灯串联后，接到220 V的家庭电路中，电路消耗的总功率是多少？

分析两只灯泡串联，串联分压，电阻大的用电器分的电压更多，而现在的两只灯泡规格相同，所以平分电源电压，即每只灯泡两端的实际电压都为110 V.它们的实际电压都比额定电压小，两灯都比正常发光更暗，它们的实际功率都比额定功率40 W更小，其实际功率为多大呢？

解因为U实1=U实2=12U总=12×220=110 V,

R1=R2=U2额P额=220240=1210 Ω,

所以P实1=P实2=U2实R=11021210=10 W,

P总=P实1+P实2=10+10=20 W.

类似的问题如教科版九年级物理上册教材第89页例题：“有一只2.5 V 0.3 A的小灯泡，当其两端的实际电压为2 V时，其实际功率为多少？当其两端的实际电压为3 V时，其实际功率又为多少？”此题的解法与上题解题过程相同：

1.先由额定值求出其灯丝电阻值：

R=U额I额=2.50.3=253 Ω;

2.再根据实际电压求出其实际功率：

P实1=U2实1 R=2225/3=0.48 W,

P实2=U2实2 R=3225/3=1.08 W.

当然，我们在做上述例题时，有一个细节不知大家注意到没有.比如在例2中我们先由额定值求出其灯丝电阻值

R1=R2=U2额P额=220240=1210 Ω，

很明显，公式中我们代入的是灯泡的额定电压220 V和额定功率40 W，所以计算出来的电阻就是灯泡正常发光时的额定电阻.

而P实1=P实2=U2实R=11021210=10 W的计算中，由于电压值代入的是实际电压110 V，所以按道理，电阻值也应该代入这个时候(电压为110 V)的电阻，而我们依然代入灯泡的额定电阻1210 Ω，问题是灯泡在220 V的电压下正常发光时(温度约为2400 ℃左右)的电阻与灯泡在110V的电压下工作(亮度明显更暗，灯丝温度明显低得多)时的电阻会相同吗？很明显，由于灯丝温度变化太大，灯丝电阻变化肯定较大(110 V时的灯丝电阻更小)，而我们在计算时，不管灯泡是否正常发光，再亮还是再暗，都认为灯丝电阻始终不变，这其实是一个近似条件.正是因为近似地认为实际电阻与额定电阻相等这个桥梁纽带的作用，才把实际值与额定值联系起来.如果不是认为灯丝电阻不变，则实际值与额定值没有任何联系，也就无法由额定值来求出实际值了.

通过上述例子，我们不难总结出用电器的额定值的作用.即题目中给出的“220 V 40 W”或“2.5 V 0.3 A”等额定值，其作用有两个：(1)当用电器正常工作时，额定值可以代入任何公式中；(2)当用电器不能正常工作时，额定值的唯一作用就是求其电阻.如已知“220 V 40 W”，则

R=U2额P额=220240=1210 Ω，

已知“2.5 V 0.3 A”，则

R=U额I额=2.50.3=253 Ω，

且求出其灯丝电阻之后，其电阻值认为是始终不变的.

我们再进一步分析，

因为R额=U2额P额，R实=U2实P实，

所以U2额P额=U2实P实，

即P实 =U2实U2额•P额=(U实U额)2•P额.

也就是说，若实际电压是额定电压的12，则实际功率是额定功率的12的12(即14)；若实际电压是额定电压的13，则实际功率是额定功率的19，以此类推.运用这种方法我们就可以很快地解决相关的填空题和选择题.我们再来看上述例题1：由于两灯串联且规格相同，所以串联分压且平分电源电压，每只灯泡两端的实际电压均为110 V，其实际电压110 V为额定电压220 V的12，则其实际功率是额定功率40 W的14，即实际功率为10 W；再如一只“6 V 3 W”的矿灯，若其两端的实际电压为3 V，则我们很快就知道其实际功率为0.75 W.

当然，如果实际电压与额定电压之间没有明显的倍数关系，我们就只能从额定值中来求出其电阻值了.

例3一只“3 V 1 W”小灯泡L1和一只“6 V 2 W”的小灯泡L2串联后接到6 V的电路中，求两只灯泡的实际功率分别是多少？

分析由于两只都不能正常发光，所以它们的额定值的唯一作用就是求出其电阻值，再求出电路中的电流，最后计算出它们的实际功率.

(1)先由额定值分别求出灯丝电阻：

R1=U2额1P额1=321=9 Ω;

R2=U2额2P额2=622=18 Ω；

R总=R1+R2=9+18=27 Ω；

(2)再求出电路中的电流：

I实1=I实2=U总R总=627 A;

(3)最后求出它们的实际功率：

P实1=I2实1•R1=(627)2•9≈0.44 W;

P实12=I2实 12•R12=(627)2•18≈0.89 W.

额定功率范文第5篇

【武器系统】 开关、滑动变阻器、额定电压为U的小灯泡、电压表、电流表各一个、电源（电压够大）、导线若干。

【战斗技巧】 这是测定小灯泡额定功率最常用也是最简单的一种方法。利用所给器材设计电路的思路为：调节滑动变阻器使电压表示数为U时，小灯泡正常发光，记下此时电流表的示数即可。

【形象】

【攻击方法】 如图1，调节滑动变阻器滑片P，使电压表示数为U时，此时记下电流表的示数I，则小灯泡的额定功率为：P=UI。

【技能提升】 若实验中的条件改为已知小灯泡的额定电流为I，则只需调节滑动变阻器，当电流表的示数为I时，记下此时电压表的示数即可。

【攻击缺陷】 如果在实验中电流表坏掉了，利用剩下的仪器是不能测出灯泡的额定功率的。若再给一个已知阻值的定值电阻R，便可以设计电路进行测量，于是，就必须用第二招――伏欧法。

第二招――伏欧法

【武器系统】 开关、滑动变阻器、额定电压为U的小灯泡、电压表、已知阻值的定值电阻R各一个、电源（电压够大但未知）、导线若干。

【战斗技巧】 利用所给器材设计电路的思路有两个要点：

1. 通过调节滑动变阻器设法使小灯泡正常发光，并测出此时通过小灯泡的电流。

2. 因为缺少了电流表，所以正常发光时的电流不能直接测量，于是设计电路时需要创设一个电流相等的环境――串联电路。

【形象】

【攻击方法】

1. 如图2，S闭合，调节滑动变阻器滑片P，使电压表的示数为U。

2. S断开，保持滑片P不动（保证灯泡处于正常发光状态），将电压表与R并联。

3. S闭合，记下此时电压表的示数U。

4. 小灯泡额定功率的表达式为：P=U。

【技能提升】 若要求设计电路一次成型，不能搬动元件的话，则需要把开关换成一个单刀双掷开关，设计方案如下：

1. 如图3，S接1，调节滑动变阻器滑片P，使电压表的示数为U。

2. S接2，保持滑片P不动（保证灯泡处于正常发光状态），记下此时电压表的示数U。

3. 小灯泡额定功率的表达式为：P=。

【攻击缺陷】 类似地，如果在实验中坏掉的是电压表，再给一个已知阻值的定值电阻R，于是就有了第三招――安欧法。

第三招――安欧法

【武器系统】 开关、滑动变阻器、额定电压为U的小灯泡、电流表、已知阻值的定值电阻R各一个、电源（电压够大但未知）、导线若干。

【战斗技巧】 利用所给器材设计电路的思路同样也有两个要点：

1. 通过调节滑动变阻器设法使小灯泡正常发光，并测出此时通过小灯泡的电流。

2. 因为缺少了电压表，所以对于小灯泡何时正常发光不能直接判断。但是利用有电流表和定值电阻R这两个条件，可以先让通过R的电流为，即保证R两端电压为U；再通过并联电路的环境使R和灯泡L的电压相等，即保证了小灯泡处于正常发光状态。

【形象】

【攻击方法】

1. 计算I=。

2. 如图4，S闭合，调节滑动变阻器滑片P，使电流表的示数为I。

3. S断开，保持滑片P不动（保证灯泡处于正常发光状态），将电流表与灯泡L串联。

4. S闭合，记下此时电流表的示数I。

5. 小灯泡额定功率的表达式为：P=UI。

【技能提升】 若要求设计电路一次成型，不能搬动元件的话，也需要把开关换成一个单刀双掷开关，设计方案如下：

1. 如图5，计算I=。

2. S接2，调节滑动变阻器滑片P，使电流表的示数为I。

3. S接1，保持滑片P不动（保证灯泡处于正常发光状态），记下此时电流表的示数I。

4. 小灯泡额定功率的表达式为：P=UI-。

【攻击缺陷】 若将定值电阻R换成电阻箱R，也可以设计实验测出小灯泡的额定功率，这就是第四招――等效替代法。

第四招――等效替代法

【武器系统】 单刀双掷开关、滑动变阻器、额定电压为U的小灯泡、电压表、电阻箱R各一个、电源（电压够大但未知）、导线若干。（要考虑温度对灯丝电阻的影响）

【战斗技巧】 利用所给器材设计电路时，考虑到温度对灯丝电阻的影响，只需用等效替代的方法测出灯泡正常发光时的电阻。

【形象】

【攻击方法】

1. 如图6，S接2，调节滑动变阻器滑片P，使电压表示数为U。

2. S接1，保持滑片P不动，调节R使电压表的示数仍然为U，记下此时R的示数R。

3. 小灯泡额定功率的表达式为：P=

【技能提升】 若已知小灯泡的额定电流，也可以将电压表换成电流表，利用等效替代的方法测出灯泡正常发光时的电阻。

额定功率范文第6篇

测小灯泡的额定功率所用的方法是伏安法，正确的实验电路图如图1所示。由于操作不当，常会发生一些故障，现对出现的故障及应对措施作一个全方位的扫描。

1、当连接好最后一根导线，灯泡就亮了。

分析 这是由于开关在连接的时候没有断开。在连接电路时，所有的开关都应断开，当连接完，检查没有问题后方可闭合开关。

2、闭合开关后，灯泡特别亮(或电流表示数较大)。

分析 主要是滑动变阻器的滑片没有放在阻值最大端。

3、无论如何移动滑片，电表的示数不变且灯泡较亮(暗)。

分析 这是滑动变阻器的两个接线柱都接在上(下)面了。

4、无论如何移动滑片，电压表的示数都达不到其额定电压。

分析 灯泡两端的电压不够，说明电源电压不足，电源提供的电压小于灯泡的额定电压。

5、当闭合开关后，电压表有示数，而电流表无示数。

分析 电流表测的通过灯泡的电流，它没有示数，根据欧姆定律，原因有二个：一是灯泡的电压为0：二是电路中的电阻很大。但电压表有示数，故只可能是电路中的电阻很大了。要使电路中的电阻达到一个很大的值，电压表(相当于一个很大的电阻)应串联在电路中，即灯泡处发生了断路。如图2所示。

6、当闭合开关后，电流表有示数，而电压表无示数

分析 电压表测的灯泡两端的电压，它没有示数，根据欧姆定律，原因有二个：一是通过灯泡的电流为0；二是灯泡的电阻为0。但电流表有示数，故只可能是灯泡的电阻为0了。要让灯泡的电阻为0，只能是灯泡处发生短路了，如图3所示。

7、闭合开关后，向右移动滑片，电流表示数变小，而电压表的示数也在变大。

分析 由图1可知，正常情况下，滑片向右滑时，电路中的总电阻变大，总电压不变，电流变小，电流表的示数应变小，电压表测的是灯泡两端的电压，灯泡的电阻不变，电流变小，其示数也应变小。现在电压表示数变大，说明电压表是与滑动变阻器并联了，如图4所示。

8、如果在进行实验时，电流表坏了，没有电流表可换，给你一个已知定值电阻，如何完成实验呢?

分析 当电流表坏了，可利用串联电路电流处处相等的规律来设计实验。如图5，将定值电阻与灯泡、滑动变阻器组成一个串联电路，先把电压表与灯泡并联，调滑动变阻器的滑片，使电压表的示数达到其额定电压UL：保持滑片位置不动，再把电压表与定值电阻并联，测出其两端的电压为UR。根据IL=IR= ，得P额=ULIL=UL 。

9、如果在进行实验时，电压表坏了，没有电压表可换，给你一个已知定值电阻，如何完成实验呢?

分析 如图6，将定值电阻与灯泡组成一个并联电路，先把电流表与定值电阻串联，调滑动变阻器的滑片，使电流表的示数与定值电阻的乘积等于灯泡的额定电压UL；保持滑片位置不动，再把电流表与灯泡串联，测出通过灯泡里的电流为IL。此时灯泡与定值是并联的，电压相等，所以灯泡两端的电压就是电阻定值电阻两端的电阻，即为灯泡的额定电压，灯泡是正常发光的，得P额=ULIL。

额定功率范文第7篇

一段时间以来渔船船用柴油机主机额定功率的标定出现了比较混乱的情况，尤其是200马力以下的小型柴油机额定功率的标定，厂家为了迎合船东既想使用大功率主机又不想按规定多缴费的心理，一般多以“柴油机改型”或“同型机就低”的方式将标牌上的主机功率标小。例如：“柴油机改型”6135aca型柴油机的实际额定功率一般在94—99kw之间，但1995年左右就曾经出现了所谓改型机6135aca-1，其额定功率标定为58.8kw；“同型机就低”就是产品说明中明明主机转数1500-2100r/min;主机额定功率110-220kw，但主机标牌上却是主机转数1800r/min;主机额定功率110kw。更加糟糕的是一些不法销售商竟然伪造出各种没有出处依据的假标牌。

船用主机额定功率标定混乱根本原因就是渔船主机额定功率的大小与管理部门各项收费的多少存在直接的关系。历史的原因各个管理部门一直以延续着以船用主机额定功率大小来核定各项收费标准的习惯，一般多以kw(原来是马力)为核定单位，或者以kw(原来是马力)为标准划分收费标准。但是，随着渔船建造技术与渔业生产需要相适应的发展，船用主机额定功率在反映渔船捕捞作业能力方面存在一些问题。首先，主机额定功率常常不能比较准确地反映渔船装载能力。例如：船舶主尺度在20-24m之间的从事相同作业渔船，目前其主机额定功率就有94.1kw ;99.3kw;110 kw 121kw;128.7 kw;132.4 kw等等，这些渔船的主尺度相近，作业形式及捕捞能力相同，也就是说主机功率的差别并未比较准确地反映出渔船捕捞及装载渔获物的水平，表现在缴费上却有时出现了很大的差别。其次，主机额定功率的总量不能比较准确地反映各地渔船捕捞能力，也就不能比较准确地反映对各种渔业资源的捕捞强度，因为等量的主机额定功率之和所包含的渔船大小差别太大。

综上所述，结合小型渔船的具体情况，我认为以渔船总吨位为衡定收费标准，具有很好的效果。

首先，渔船总吨位是以渔船主尺度为基准，甲板下和甲板上围蔽的体积与船型系数等值求得，是直接反映渔船容积的单位。按渔船总吨位区别渔船大小是很直观有效的，而且它只需通过对渔船进行实船丈量就可以算得，这就克服了对主机额定功率无法当场核定的问题，渔业船舶检验部门可以对渔船总吨位直接进行核定和重新核定，这将使柴油机改型”或“同型机就低”等方式将标牌上的主机功率标小的问题迎刃而解。

其次，渔船总吨位区别渔船大小的直观有效性还表现在对渔船作业方式及捕捞能力的反映上，对收费标准的核定分档会很方便，使收费的合理性能够更加完善。

额定功率范文第8篇

【关键词】电动机；额定功率；技术项目；选择

为保证电力拖动系统的可靠性和经济性，要从实用、经济、安全的要求出发，按照生产机械提出的要求选择电动机。电动机选择包括额定功率选择、电机种类选择、结构形式选择、电压等级和额定转速选择等内容，其中电动机功率选择最为重要。

1、电动机额定功率的选择

若为生产机械选配的电动机功率过大，电机长期欠载下运行，功率得不到充分利用，不但会增加初期投资，降低电动机的效率。对异步电动机还降低了功率因数，这是不经济的。反之，若选配的电动机功率偏小，电机长期在过载下运行，会使电机各部分由于过载而过分发热，温升就会超过绕组绝缘材料允许的限度，使电机过早损坏。所以，电动机功率过大或过小均对生产机械安全和经济运行不利。

1.1连续工作制下的电动机额定功率的选择

连续工作制下的电动机，其负载有两种情况：一是恒定负载，二是变化负载。

（1）恒定负载下电动机额定功率的选择

一些生产机械启动以后就在恒定负载下连续运行较长时间，启动时间只占工作时间的较少部分。因其启动时间较短、工作时间较长、因此，启动过程发热对稳态温升的影响应忽略不计，电动机稳态温升完全由静态负载决定。

对这类负载，应按实际状况计算出电动机轴上的静态负载功率PZ后，就能根据公式选择电动机的额定功率。

PN≥PZ

确保电动机的许可温升大于等于实际负载时的稳态温升。

（2）变化负载下电动机额定功率的选择

变化负载下电动机额定功率的选择步骤：一是计算并绘制生产机械负载图；二是按负载图求出平均负载功率，预选电动机。三是作出预选电机的负载图，对电动机进行发热校验、过载校验，有时还应进行启动校验。四是校验通过，说明预选电动机额定功率合适，不然，要重新选择电动机，再行校验。反复进行后，直至通过校验为止。在工作时间内，其大小随时间变化的负载即变动负载。

在电机负载周期性变化时，输出功率也出现周期性的变化，温升也周期性波动。温升波动的最大值会低于相应最大负载保持不变时的稳态温升，而高于相应最小负载保持不变时的稳态温升。在此情况下，若按最大负载选择电动机的额定功率，电动机容量就得不到有效利用；若根据最小负载选择电动机的额定功率，电动机就有超过允许温升的危险。因此，要在最大负载和最小负载间适当选择电动机的额定功率。要使电动机容量得到充分利用，又不因过载而损坏电机。在预选电动机额定功率时，要按生产机械负载图求出其平均功率或平均转矩。

1.2短时工作制电动机额定功率的选择

（1）选用为连续工作制设计的电动机。在短期运转中，若按生产机械所需的功率选择电动机容量，这是不经济的。电动机运转时间短，并未达到它的稳态温升，电动机容量未充分利用。在此情况下，要选择容量比所需功率小一些的电动机，让电动机在短时间内过载运行，在电动机工作终了时的温升等于额定温升时，就可认为在标准温升下电动机容量得到了充分利用。所以，要按发热条件选择短时工作制电动机的基本依据是电动机工作终时的温升等于或稍低于额定温升。

（2）选用专为短时工作制设计的电动机。我国专为短时工作制设计的电动机，其工作时间有15，30，60，90min四种，对某一电动机，对应不同的工作时间，它的功率是不同的。

1.3重复短时工作制电动机额定功率的选择

这类电动机的特点是启动能力强、过载能力大、惯性小、机械强度大、绝缘材料的等级高、较多采用封闭式结构、临界转差率设计得较高。

2、电动机种类、电压、转速和结构形式的选择

选择电动机不但应正确选择电动机的额定功率，还应选择电压等级、额定转速和结构形式等。

2.1电动机种类的选择

它的选择要从交流或直流、机械特性、调速与启动性能、维护及成本等方面进行：

（1）要求机械特性较硬而无特殊要求的生产机械，主要包括长期工作制、短时工作制和重复短时工作制的生产机械，要选用鼠笼式异步电动机。

（2）在启动、制动频繁、启动转矩要求大，并有一定调速要求的场合，要选用绕线式异步电动机。

（3）为提高电网的功率因数，对功率较大而又不需调速的生产机械，应选用同步电动机。

（4）在生产机械要求有特殊调速、大启动转矩等，而交流电动机又不能满足时，要使用直流电动机。

2.2电动机电压等级的选择

（1）中、小型交流电动机额定电压通常应选用380V或220V，大容量的交流电动机的额定电压为3000V、6000V和10000V。

（2）中、小型直流电动机的额定电压要选用110V、160V、220V和440V，大型直流电动机的额定电压在600～1000V之间。

2.3电动机额定转速的选择

额定电压相同的电动机，其转速如果越高，尺寸就越小，价格也就越低，选用高压电动机较为经济。而电动机的额定转速应按生产机械的要求来选定，在生产机械的工作速度一定时，电动机的转速越高，传动机构的减速比越大，使减速装置尺寸加大，传动效率降低。应综合考虑生产机械和电动机两方面因素选择电动机的额定转速。

2.4电动机形式的选择

生产现场的工作环境的差别较大，为确保电动机在不同工作环境下安全、可靠运行，电动机有开启式、防护式、封闭式和防爆式等多种结构形式。

（1）开启式电动机通风散热条件好，价格便宜，而易进入灰尘、水滴、铁屑等，这种电动机仅可用在清洁、干燥的环境中。

（2）防护式电动机通风散热条件好，有遮蔽装置，可避免水滴、铁屑、灰尘或从上方进入电动机内部，而不能避免灰尘及潮气从侧面侵入。一般在清洁、干燥的环境中可使用此种电动机。

（3）封闭式电动机内部与外界隔离，散热条件差，而能避免水滴、铁屑、灰尘等侵入电动机内部。应在灰尘多、潮湿、易受风雨影响的恶劣环境中使用，有的电动机还能浸在液体中使用。

额定功率范文第9篇

一、常规型——伏安法

例1 要测量一只额定电压为3.8V、允许通过的最大电流为0.32A的小灯泡的额定功率，现有如下器材：电流表、电压表、电池组、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。根据现有器材，画出实验电路图。

解析：本题具备伏安法测电功率的电压表和电流表，直接用电压表测量电压，电流表测量电流即可，电路图如图1所示，移动滑动变阻器使电压表示数为3.8V即可。

二、电表异常型

例2 在测定小灯泡额定功率的实验中，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，在做实验时发现电压表3～15V量程挡坏了，而0～3V量程挡完好，其他实验器材完好，在不更换实验器材的条件下，怎样完成实验？

（1）画出实验电路图；

（2）说明小灯泡能否正常发光的方法和理由。

解析：由于电压表3～15V量程挡坏了，故只能用0～3V量程挡测量，而小灯泡的额定电压为3.8V，小灯泡正常工作时只能转换测量对象，用电压表测滑动变阻器两端的电压。

如图2所示连接好电路，使电压表并联在滑动变阻器两端，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.2V，则小灯泡两端电压为

UL=U-UP=6V-2.2V=3.8V。

即小灯泡两端电压为额定电压，小灯泡正常发光。记下此时电流表的示数I，则小灯泡的额定功率为P=ULI=3.8I（W）。

三、单一电表型

例3 给你电流表、滑动变阻器、已知阻值为R0的电阻器、电源、开关各一个，导线若干，要求测出一个额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，请设计实验电路图，写出小灯泡额定功率的表达式。

（1）根据电路图连接电路，先把电流表接入R0支路；

（3）再将电流表接入小灯泡所在支路（不改变滑片P的位置），记录电流表的示数IL。

额定功率范文第10篇

关键词：基础；思维；创新；提高

发散性思维是一种创造性思维，教师若能在授课时提出激发学生发散思维的问题，引导学生从正面和反面多途径去思考，纵横联想所学知识，对提高学生的思维能力和探索能力大有好处。在额定电压和额定功率的教学中的做法如下：

一、夯实基础

基础知识是思维的基础，教学中首先通过学生熟悉的电器铭牌入手让学生对额定电压和额定功率有一个初步认识。

再通过对比小灯泡上标的“2.5 V 0.3 A”和滑动变阻器上标的“20 Ω 1 A”中的电流的区别，加深学生对额定电流的理解，然后对欧姆定律及电功率的公式、适用条件、各字母表示的物理量、各物理量的单位及符号进行全方位复习，为学习做好充分的知识准备。

二、提出问题

通过问题很自然地把学生带入积极思考、讨论、探究等生机盎然的学习境界之中，对于培养学生的发散性思维、创造性思维和探索能力无疑是有益的。

例题：PZ 220 V 100 W的电灯泡中的220 V和100 W有什么含意？根据题中的条件你还能知道什么？增加一个条件你还能知道什么？

带着这样的问题，学生在教师的引导下积极地动脑、动笔或动口解答物理问题。

或者通过讨论完成任务，大部分时间是学生活动，而教师的主要任务是及时指点。

学生通过积极的思考和讨论提出并解答了如下问题：

1.灯泡的额定电流是多少？

由P=UI得：I=P/U=100 W/220 V=0.45 A。

2.灯泡的电阻是多少？

由P=U2/R得：R=U2/P=（220 V）2/100 W=484 Ω。

3.当电压为230 V时的电功率是多少？与额定功率有怎样的关系？

P=U2/R=（230 V）2/484 Ω=109 W>额定功率。

4.当电压为210 V时的电功率是多少？与额定功率有怎样的关系？

P=U2/R=（210 V）2/484 Ω=91 W

5.这盏灯正常工作10小时消耗的电能是多少？

W=Pt=0.1 kw·10 h=1 KWh

这样没有固定的问题，没有固定的解答，任学生发挥自己的思维，不断创新问题，创新问题的解答，学生通过积极思考，共同讨论，不断提出问题并自己解答，手脑口并用使学生的思维能力、解决问题的能力、探究能力、创新能力都得到充分的提高。同时，学生在学习中获得了成功感，自信心得到提高。学生的主观能动性被调动起来了，有利于提高学习效率。

三、归纳总结

学生通过对例题的解答对知识有了感性的认识，教师再及时地引导学生进行归纳总结：

1.用电器的额定电压相同，额定功率越大，电阻越小。

2.一个用电器：

当实际电压>额定电压时，实际功率>额定功率；

当实际电压

当实际电压=额定电压时，实际功率=额定功率。

3.同一个用电器实际功率与额定功率的关系：

P额∶P实=U额2∶U实2

通过对知识的归纳总结，使学生形成一条系统的、完整的知识链，完成从感性到理性的飞跃，达到在学习知识的同时学会学习的方法，又提高了学生的思维能力、创新能力和应用知识解决问题的能力，从而在教学中达到事半功倍的效果。